Đề thi thử giữa học kỳ 2 môn Hoá Học lớp 11 online - Mã đề 05

Khi đốt cháy ankan ta luôn thu được số mol H₂O lớn hơn số mol CO₂. Do đó, hỗn hợp đó thuộc dãy đồng đẳng của ankan có công thức chung là: C_nH_2n+2 (n ≥ 1, n nguyên)

Đáp án cần chọn là: B

Tên hệ thống theo danh pháp IUPAC:

a) Tên gốc – chức = Tên phần gốc + tên phần định chức

b) Tên thay thế = Tên phần thế + tên mạch C chính + tên phần định chức

Trong công thức: (CH₃)₂C=CHC(CH₃)₂CH=CHBr ta đánh số mạch C từ phải sang trái

Tên của hợp chất trên là: 1- brom –3, 3, 5 – trimetylhexa–1,4–đien

Đáp án cần chọn là: D

Công thức phân tử của các chất trong đáp án lần lượt là

Đáp án A là C₃H₈O và C₃H₈O

Đáp án B là C₂H₆O và C₄H₁₀O

Đáp án C là C₃H₈O và C₄H₁₀O

Đáp án D là C₂H₆O và C₃H₈O

Các chất trong đáp án A có cùng công thức phân tử nên là đồng phân của nhau

Đáp án cần chọn là: A

Quy tắc Mac-côp-nhi-côp được dùng trong phản ứng cộng HX và anken bất đối xứng (xem ưu tiên X vào C nào…)

Đáp án cần chọn là: D

Phản ứng đime hóa: 2CH≡CH → CH₂=CH–C≡CH

=> thu được vinylaxetilen

Đáp án cần chọn là: C

1. CH₃-CH₂-CH=CH₂

2,3. CH₃-CH=CH-CH₃ (có đồng phân hình học)

4. (CH₃)₂C=CH₂

Đáp án cần chọn là: B

Phân tử metan không tan trong nư­ớc vì phân tử metan không phân cực.

Đáp án cần chọn là: B

etilen: CH₂=CH₂ có 5 liên kết δ (1C-C và 4C-H)

axetilen: CH≡CH có 3 liên kết δ (1C-C và 2C-H)

buta-1,3-đien: CH₂=CH-CH=CH₂ có 9 liên kết δ (3C-C và 6C-H)

Đáp án cần chọn là: B

Ankan hoà tan tốt trong dung môi hữu cơ => tan tốt trong benzen

Đáp án cần chọn là: B

Ứng dụng không phải của etilen là điều chế khí ga.

Đáp án cần chọn là: C

2C₂H₅COOK + 2NaOH → 2C₂H₆ + Na₂CO₃ + K₂CO₃

Đáp án cần chọn là: B

Dãy các chất thuộc đồng đẳng của metan có công thức phân tử dạng: C_nH_2n+2 (khác CH₄)

C₂H₂, C₃H₄, C₄H₄ không có công thức dạng C_nH_2n+2

=> C₂H₂, C₃H₄, C₄H₄ không thuộc dãy đồng đẳng ankan

=> loại A, B và C

Đáp án cần chọn là: D

H₂C=C=CH-CH₂-CH₃

H₂C=CH-CH=CH-CH₃

H₂C=CH-CH₂-CH=CH₂

H₃C-CH=C=CH-CH₃

H₂C=C=C(CH₃)-CH₃

H₂C=C(CH₃)-CH=CH₂

CH≡C-CH₂-CH₂-CH₃

H₃C-C≡C-CH₂-CH₃

CH≡C-C(CH₃)-CH₃

Có tất cả 9 đồng phân mạch hở ứng với CTPT C₅H₈

Đáp án cần chọn là: D

Các anken phản ứng được với dung dịch brom => propen làm mất màu nước brom

Đáp án cần chọn là: C

Đặc điểm chung của các phân tử hợp chất hữu cơ là

1. thành phần nguyên tố chủ yếu là C và H.                    

2. có thể chứa nguyên tố khác như Cl, N, P, O.

3. liên kết hóa học chủ yếu là liên kết cộng hoá trị.

Đáp án cần chọn là: B

Phát biểu sai là: Các chất có cùng khối lượng phân tử là đồng phân của nhau.

Vì cùng khối lượng phân tử nhưng có thể khác nhau về thành phần nguyên tử (ví dụ C₅­H₁₀ và C₃H₅CHO)

Đáp án cần chọn là: C

Vậy Y là C₄H₄

Đáp án cần chọn là: C

Theo giả thiết: 1,88 gam A + 0,085 mol O₂  →  a mol CO₂ + a mol H₂O

Bảo toàn khối lượng: \({m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} = {m_A} + {m_{{O_2}}} = 5,8 + 0,4.32 = 18,6{\mkern 1mu} gam\)

→ 44.a + 18.a = 18,6 => a = 0,3 mol

Bảo toàn nguyên tố C: n_C = n_CO2 = a = 0,3 mol

Bảo toàn nguyên tố H: n_H = 2.n_H2O = a.2 = 0,6 mol

Bảo toàn nguyên tố O: n_{O (trong A)} + 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O => n_{O (trong A)} = a.2 + a - 0,4.2 = 0,1 mol

Þ n_C : n_H : n_O  =  0,3 : 0,6 : 0,1  =  3 : 6 : 1

Vậy công thức của chất hữu cơ A là C₃H₆O

Đáp án cần chọn là: B

Số mol ankan bằng số mol dẫn xuất và bằng: \(n = \frac{{PV}}{{RT}} = \frac{{5,6.2,2}}{{\frac{{22,4}}{{273}}.(273 + 27,3)}} = 0,5\). (Hằng số \(R = \frac{{22,4}}{{273}} \approx 0,082\).)

Công thức dẫn xuất là C_nH_2n+2-xCl_x có khối lượng phân tử: 14n + 2 - x + 35,5x = 99.

Vậy x = 2, n = 2 là phù hợp.

Đáp án cần chọn là: D

- Các ankan là chất khí ở điều kiện thường là: CH₄, C₂H₆, CH₃CH₂CH₃, CH₃CH₂CH₂CH₃, (CH₃)₂CHCH₃ (ankan có từ 1C dến 4C)

=> có 3 ankan tạo ra 2 dân xuất monoclo là CH₃CH₂CH₃, CH₃CH₂CH₂CH₃, (CH₃)₂CHCH₃

Đáp án cần chọn là: D

Bình 1 chứa H₂O; bình 2 chứa CO₂

n_CO2 = 2,2: 44 = 0,05 mol

Đốt cháy ankan ta có n_ankan = n_H2O  –  n_CO2=> n_H2O  = n_ankan + n_CO2   = 0,2 + 0,05 = 0,25 mol
=> m_H2O = 0,25. 18= 4,5 gam

Đáp án cần chọn là: B

Nhận thấy cracking ankan X luôn cho số mol ankan = số mol anken

C_nH_2n+2 → C_aH_2a+2 + C_bH_2b (với a + b = n)

Gọi số mol của ankan là 1 mol → số mol của anken là 1 mol → số mol của X là 1 mol

Áp dụng bảo toàn khối lượng → \({M_{{C_n}{H_{2n + 2}}}} = \frac{{29.2}}{1} = 58 \to X:{C_4}{H_{10}}\)

Đáp án cần chọn là: A

H₂SO₄  đặc có tính hút nước =>m_{binh 1 tăng} = m_H2O = 19,8 gam

=> n_H2O = 1,1 mol

Kết tủa ở bình 2 là CaCO₃ => n_CaCO3 = n_CO2 = 0,8 mol

n_H2O > n_{CO2 =>} hiđrocacbon là ankan

 => n_ankan = n_H2O – n_CO2 = 0,3 mol

Gọi công thức ankan là C_nH_2n+2

C_nH_2n+2 → n CO₂

0,3mol       0,8mol

=> Số C trung bình: n = 2,67.

Mà 2 ankan đồng đẳng kế tiếp => 2 hiđrocacbon là C₂H₆ (x mol) ; C₃H₈ (y mol)

=>  x + y = 0,3 mol (1)

BT số mol C: n_CO2 =2*n_C2H6 +3* n_C3H8 =2x+3y = 0,8 (2)

Giải hệ phương trình ta có x = 0,1 ; y = 0,2

=> %V_C2H6 = 33,33%

Đáp án cần chọn là: A

Anken X có 3 nguyên tử C no và 2 nguyên tử C không no (2C ở nối đôi) => X là anken có 5C => X là C₅H₁₀

=> số công thức cấu tạo của X là 5

1. C=C-C-C-C

2. C-C=C-C-C

3. C=C(C)-C-C

4. (C)₂C=C-C

5. (C)₂C-C=C

Đáp án cần chọn là: D

Gọi số mol CH₄ và C₂H₄ là a, b

BTNT: 

\(\left\{ \begin{array}{l}
a + 2b = 0,15\\
4a + 4b = 0,2.2
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,05\\
b = 0,05
\end{array} \right.\)

V= (0,05+ 0,05). 22,4 = 2,24 lít

Đáp án cần chọn là: A

n_Br2 = 0,05 mol => n_anken = n_Br2 = 0,05 mol

=> M_anken = 2,8 / 0,05 = 56

=> anken có CTPT là C₄H₈

Vì hiđrat hóa A chỉ thu được 1 ancol duy nhất => A là CH₃-CH=CH-CH₃ (but-2-en)

Đáp án cần chọn là: B

C₂H₆ → C₂H₄ + H₂

Theo lí thuyết: V_{C2H4 lí thuyết} = V_C2H6 = 3,36 lít

H = 60% => n_{C2H4 thực tế} = 3,36.60/100 = 2,016 lít

Đáp án cần chọn là: C

Gọi CTPT của ankadien là C_nH_2n-2

+) C_nH_2n-2  +  \(\frac{{3n - 1}}{2}\) O₂  → nCO₂  + (n-1) H₂O

\({m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} = 25,2\)

Ta có: \({n_{C{O_2}}} = {n_{CaC{O_3}}} = 0,45(mol)\)

\(\begin{array}{l}
 \to n{H_2}O = \frac{{25,2 - 0,45.44}}{{18}} = 0,3(mol)\\
{n_{ankadien}} = nC{O_2} - n{H_2}O = 0,15(mol)\\
V = 0,15.22,4 = 3,36(l)
\end{array}\)

Đáp án cần chọn là: D

Quá trình điều chế: CH₄ → C₂H₂ → C₄H₄ → C₄H₆ → cao su buna

=> phải qua 4 giai đoạn

Đáp án cần chọn là: C

2CH₄ → C₂H₂ + 3H₂

2 mol               1 mol

7 m³        →     3,5 m³

 V_{C2H2 lí thuyết} = 3,5 m³ => V_{C2H2 thực tế} = 3,5.60/100 = 2,1 m³ 

Đáp án cần chọn là: A

hh X: C₂H₂ và C₄H₄ có cùng CTĐGN là CH => đốt cháy X thu được n_CO2 = 2.n_H2O

Gọi n_CO2 = 2a mol => n_H2O = a mol

Bảo toàn khối lượng trong X: m_X = m_C + m_H = 12n_CO2 + 2.n_H2O => 12.2a + 2a = 13 => a = 0,5 mol

Bảo toàn nguyên tố O: 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O => n_O2 = (2.2.0,5 + 0,5) / 2 = 1,25 mol

Đáp án cần chọn là: D

Gọi n_C2H2 = x mol;  n_C3H4 = y mol

=> x + y = 0,5  (1)

n_{kết tủa} = n_ankin => n_Ag2C2 = x mol; n_C3H3Ag = y mol

=> 240x + 147y = 92,1  (2)

Từ (1) và (2) => x = 0,2;  y = 0,3

=> %n_C2H2 = 40%

Đáp án cần chọn là: D

Các chất làm nhạt màu dung dịch nước brom và thuốc tím là SO2, C2H2, C2H4

n_CO2 = 0,55 mol; n_H2O = 0,4 mol

Đặt công thức chung của các chất là C_nH_m

C_nH_m → nCO₂ + 0,5mH₂O

0,2 →        0,2n →   0,1m

+ n_CO2 = 0,2n = 0,55 => n = 2,75

+ n_H2O = 0,1m = 0,4 => m = 4

Vậy công thức trung bình của hỗn hợp X là C_2,75H₄

Độ bất bão hòa: k = (2C + 2 - H)/2 = (2.2,75 + 2 - 4)/2 = 1,75

Khi cho a mol X tác dụng với Br₂: n_Br2 = 112 : 160 = 0,7 mol

C_2,75H₄+ 1,75Br₂ → ...

0,4 ←       0,7

Vậy a = 0,4

Đáp án cần chọn là: B

- Xét phần 1 : n_A1 = n_A2 = ½ n_A = 0,05 mol

n_H(H2O) = n_H(A1) = 2n_H2O = 2.2,34 : 18 = 0,26 mol

=> Số H trung bình (A) = 0,26 : 0,05 = 5,2

- Xét phần 2 : n_AgNO3 = 0,25.0,12 = 0,03 mol < n_A2 = 0,05 mol

=> trong A có ankin không phản ứng với AgNO₃ => But-2-in

+) Không thể có CH≡CH trong A vì : n_C2H2 = n_A.40% = 0,02 mol (C₂H₂ có M nhỏ nhất trong A)

CH≡CH + 2AgNO₃ → Ag₂C₂

   0,02   →   0,04 mol > 0,03 (Vô lý)

- Dựa vào Số H trung bình = 5,2 => A phải chứa C₃H₄ (propin)

=> Bộ 3 ankin phù hợp là propin (0,02 mol) ; but-1-in ; but-2-in

- Tổng quát : RC≡CH + AgNO₃ → RC≡CAg ↓

=> n_ankin = n_propin + n_but-1-in = n_AgNO3 = 0,03 => n_but-1-in = 0,03 – 0,02 = 0,01 mol

=> n_but-2-in = n_A2 – n_propin – n_but-1-in = 0,05 – 0,02 – 0,01 = 0,02 mol

=> m_A2 = 0,02.M_C3H4  + 0,02.M_C4H6 + 0,01.M_C4H6 = 2,42g

=> %m_but-2-in = 0,02.54 : 2,42 = 44,6%

Đáp án cần chọn là: A

Do anken + HBr cho 1 sản phẩm duy nhất

Quan sát đáp án => có A và D thỏa mãn vì anken đối xứng cộng HBr thu được sản phẩm duy nhất

 => anken hết, H₂ dư => Y có H₂ và ankan

=> M_ankan > 26 (do M_H2 < 26)

Gọi anken là C_nH_2n (n ≥ 2)

Đặt n_X = 1 mol; do m_X = m_­Y 

\( \to {\mkern 1mu} \frac{{{n_X}}}{{{n_Y}}} = \frac{{{{\bar M}_X}}}{{{{\bar M}_Y}}}{\mkern 1mu} {\mkern 1mu}  \to {\mkern 1mu} {\mkern 1mu} {n_Y} = 1.\frac{{9,1.2}}{{26}} = 0,7{\mkern 1mu} {\mkern 1mu} mol\)

=> n = n_X - n_Y = n_anken = 1 – 0,7 = 0,3 mol => n_{H2 (X)} = 0,7

m_X = 1.9,1.2 = m_H2 + m_X  => n = 4

Vậy anken là CH₃CH=CHCH₃        

Đáp án cần chọn là: A

Cracking 0,2 mol C₃H₈ → Hỗn hợp Y gồm CH₄, C₂H₄, C₃H₆, H₂ và C₃H₈ dư (90% C₃H₈ phản ứng).

Hỗn hợp Y đi qua nước brom dư thì còn lại hỗn hợp Z có d_Z/H2 = 7,3

Đặt n_H2 = x mol; n_CH4 = y mol

Ta có: n_{C3H8 phản ứng} = n_H2 + n_CH4 = x + y = 0,2. 90% = 0,18 mol

Hỗn hợp Z gồm x mol H₂, y mol CH₄ và 0,02 mol C₃H₈ dư.

Ta có hệ phương trình:

\(\left\{ \begin{array}{l}
x + y = 0,18\\
\frac{{2x + 16y + 44.0,02}}{{x + y + 0,02}} = 7,3.2
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
x = 0,06\\
y = 0,12
\end{array} \right.\)

Vậy m_CH4 = 0,12.16 = 1,92 gam

Đáp án cần chọn là: A

n_Ba(OH)2 = 0,2 mol; n_CO2+H2O = 12,32/22,4 = 0,55 mol

X mạch hở, phản ứng được với NaOH nên X là este hoặc axit.

Như vậy ta luôn có: n_CO2 ≥ n_H2O => n_CO2 ≥ 0,55:2 = 0,275 mol

*Hấp thụ CO₂ vào Ba(OH)₂:

Tỉ lệ: n_OH- : n_CO2 ≤ 0,4 : 0,275 = 1,45 do đó khi cho CO₂ tác dụng với Ba(OH)₂ có thể xảy ra 2 trường hợp sau:

- TH1: Tạo muối Ba(HCO₃)₂ (khi tỉ lệ n_OH- : n_CO2 ≤ 1)

- TH2: Tạo muối BaCO₃ và Ba(HCO₃)₂ (khi tỉ lệ 1 < n_OH- : n_CO2 < 2)

Theo đề bài thì khối lượng dung dịch giảm chứng tỏ phản ứng có sinh ra BaCO₃ => loại TH1

Vậy khi dẫn CO₂ vào dung dịch Ba(OH)₂ thu được BaCO₃ và Ba(HCO₃)₂

Đặt n_CO2 = x; n_H2O = y; n_BaCO3 = z (mol)

BTNT "Ba" => n_Ba(HCO3)2 = n_Ba(OH)2 - n_BaCO3 = 0,2 - z (mol)

+ n_{CO2 + H2O} = x + y = 0,55 (1)

+ BTNT "C": n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 => x = z + 2(0,2 - z) (2)

+ m _{dd giảm} = m_BaCO3 - (m_CO2 + m_H2O) => 197z - (44x  +18y) = 2 (3)

Giải hệ (1) (2) (3) thu được x = 0,3; y = 0,25; z = 0,1

*Phản ứng đốt X:

n_C = n_CO2 = 0,3 mol

n_H = 2n_H2O = 0,5 mol

BTNT "O": n_O(X) = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 = 2.0,3 + 0,25 - 2.0,3 = 0,25 mol

=> C : H : O = 0,3 : 0,5 : 0,25 = 6 : 10 : 5

Do CTPT của X trùng với CTĐGN nên CTPT X là C₆H₁₀O₅

n_X = 0,3 : 6 = 0,05 mol

Tỉ lệ: n_NaOH : n_X = 0,1 : 0,05 = 2 và n_X : n_H2O = 0,05 : 0,05 = 1:1 (X có 1 nhóm -COOH)

X tác dụng với NaOH theo tỉ lệ mol 1:2 tạo thành 1 mol H₂O và 1 chất hữu cơ Y nên có 2 trường hợp thỏa mãn là:

TH1: (X) HO-CH₂-CH₂-COOCH₂-CH₂-COOH; (Y) HO-CH₂-CH₂-COONa

TH2: (X) HO-CH(CH₃)-COOCH(CH₃)-COOH; (Y) HO-CH(CH₃)-COONa

A đúng vì đốt HO-CH₂-CH₂-COONa hay đốt HO-CH(CH₃)-COONa ta đều thu được số mol CO₂ bằng H₂O

B sai vì có 2 công thức phù hợp với X

C đúng vì tách nước HO-CH₂-CH₂-COONa hay HO-CH(CH₃)-COONa đều thu được CH₂=CH-COONa không có đồng phân hình học

D đúng vì X chứa nhóm -COOH có thể phản ứng với NH₃

Đáp án cần chọn là: B